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        CF C.Ivan the Fool and the Probability Theory【思维·构造】

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        题目大意:

        一个$n*m$的网格图,每个格子可以染黑色、白色,问每个格子最多有一个相邻格子颜色相同的涂色方案数
        $n,m<=1e5$

        分析:

        首先,考虑到如果有两个相邻的格子颜色相同,那么这两行/列的格子状态就确定了。比如:

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         在中间两个爱心格子被确定的情况下,第二列和第三列的涂色情况就已经被确定了。实际上,第一列和第四列涂的颜色也确定了。(最后这句话我们留着待会儿分析)

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         同理,在中间两个星星确定的时候,第二行和第三行的涂色情况也唯一确定。实际上,第一行和第四列涂的颜色也确定了。

         


        假如说在一个方格中,既有横着出现的两个连续的一样颜色的格子,也有竖着出现的两个连续的一样颜色的格子,就像这样:

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        那么一定会产生矛盾,无论怎么挪都会产生矛盾。(橙色的部分是既需要用灰色,也需要用蓝色涂的格子,是矛盾的地方)

        所以,在一种着色方案中,这种相邻两个颜色一样的情况只会在一个方向中出现,我们只需要考虑一个方向那么多行的方案数,另外一个方向的同理就好。

         


         

        如果已经确定相邻两个颜色一样的格子出现的方向(为方便讨论,下面我们假设这两个格子是竖着的),那么每一行的格子颜色一定是交错的,两行之间要么一样,要么颜色相反,而且颜色一样的不能连着出现3次及以上。

        在第一行确定的情况下,如果要求每一个格子的每个相邻格子的颜色都和他不一样,那么这是一个棋盘染色,就唯一确定了。

        但是,按照这道题的条件来说的话,后面的格子可以有两行,也可以只有一行。(就是一次性确定两行或一次性确定一行)

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         设$f[i]$表示铺到第$i$行(前$i$行)的方案总数,那么递推式就是$f[i]=f[i-1]+f[i-2]$

        (初始化$f[0]=1$是一开始就是两行连着一样的情况)

        答案就是$f[n]$。

        然后,还有相邻两个颜色一样的格子是竖着的,方案数就是$f[m]$,这两类在前面已经说过没有交集,答案就是$f[n]+f[m]$

        然后,棋盘染色的情况在两种情况中都被计算了,所以答案要减1。

        最后,黑白颜色可以反过来,所以乘2.

        做完了,$Nice!$

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         1 /*
         2 ID: Starry21               
         3 */ 
         4 #include<iostream>
         5 #include<string>
         6 #include<cstdio>
         7 #include<cstring>
         8 #include<map>
         9 #include<algorithm>
        10 using namespace std;
        11 #define N 100005
        12 #define ll long long
        13 #define MOD 1000000007
        14 int n,m;
        15 ll f[N];
        16 int main()
        17 {
        18     scanf("%d %d",&n,&m);
        19     f[0]=f[1]=1;
        20     for(int i=2;i<=max(n,m);i++)
        21         f[i]=(f[i-1]+f[i-2])%MOD;
        22     printf("%lld\n",2*((f[n]+f[m])%MOD-1+MOD)%MOD);
        23     return 0;
        24 }
        代码贼短
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